我們在進行競賽與競爭時，往往要認真分析情況，制定出好的方案，使自己獲勝，這種方案就是對策.在小學數學競賽中，常有與智力游戲相結合而提出的一些簡單的對策問題，它所涉及的數學知識都比較簡單.但這類題的解答對我們的智力將是一種很有益的鍛煉.

例1 甲、乙二人輪流報數，必須報不大于6的自然數，把兩人報出的數依次加起來，誰報數后加起來的數是2000，誰就獲勝.如果甲要取勝，是先報還是后報？報幾？以后怎樣報？

分析 采用倒推法（倒推法是解決這類問題一種常用的數學方法）.由于每次報的數是1～6的自然數，2000-1=1999，2000-6=1994，甲要獲勝，必須使乙最后一次報數加起來的和的范圍是1994～1999，由于1994-1=1993（或1999-6=1993），因此，甲倒數第二次報數后加起來的和必須是1993.同樣，由于1993-1=1992，1993-6=1987，所以要使乙倒數第二次報數后加起來的和的范圍是1987～1992，甲倒數第三次報數后加起來的和必須是1986.同樣，由于1986-1=1985，1986-6=1980，所以要使乙倒數第三次報數后加起來的和的范圍是1980～1985，甲倒數第四次報數后加起來的和必須是1979，….

　　把甲報完數后加起來必須得到的和從后往前進行排列：2000、1993、1986、1979、….觀察這一數列，發現這是一等差數列，且公差d=7，這些數被7除都余5.因此這一數列的最后三項為：19、12、5.所以甲要獲勝，必須先報，報5.因為12-5=7，所以以后乙報幾，甲就報7減幾，例如乙報3，甲就接著報4（=7-3）.

解： ①甲要獲勝必須先報，甲先報5；

　　②以后，乙報幾甲就接著報7減幾.

　　這樣甲就能一定獲勝.

例2 有1994個球，甲乙兩人用這些球進行取球比賽.比賽的規則是：甲乙輪流取球，每人每次取1個，2個或3個，取最后一個球的人為失敗者.

　　①甲先取，甲為了取勝，他應采取怎樣的策略？

　　②乙先拿了3個球，甲為了必勝，應當采取怎樣的策略？

分析 為了敘述方便，把這1994個球編上號，分別為1～1994號.取球時先取序號小的球，后取序號大的球.還是采用倒推法.甲為了取勝，必須把1994號球留給對方，因此甲在最后一次取球時，必須使他自己取到球中序號最大的一個是1993（也許他取的球不止一個）.為了保證能做到這一點，就必須使乙最后第二次所取的球的序號為1990（=1993-3）～1992（=1993-1）.因此，甲在最后第二次取球時，必須使他自己所取的球中序號最大的一個是1989.為了保證能做到這一點，就必須使乙最后第三次所取球的序號為1986（=1989-3）～1988（=1989-1）.因此，甲在最后第三次取球時，必須使他自己取球中序號最大的一個是1985，….

　　把甲每次所取的球中的最大序號倒著排列起來：1993、1989、1985、….觀察這一數列，發現這是一等差數列，公差d=4，且這些數被4除都余1.因此甲第一次取球時應取1號球.然后乙取a個球，因為a+（4-a）=4，所以為了確保甲從一個被4除余1的數到達下一個被4除余1的數，甲就應取4-a個球.這樣就能保證甲必勝.

　　由上面的分析知，甲為了獲勝，必須取到那些序號為被4除余1的球.現在乙先拿了3個，甲就應拿5-3=2個球，以后乙取a個球，甲就取4-a個球.

解： ①甲為了獲勝，甲應先取1個球，以后乙取a個球，甲就取4-a個球.

　　②乙先拿了3個球，甲為了必勝，甲應拿2個球，以后乙取a個球，甲就取4-a個球.

例3 甲、乙兩人輪流往一張圓桌面上放同樣大小的硬幣，規定每人每次只能放一枚，硬幣平放且不能有重疊部分，放好的硬幣不再移動.誰放了最后一枚，使得對方再也找不到地方放下一枚硬幣的時候就贏了.說明放第一枚硬幣的甲百戰百勝的策略.

分析 采用“對稱”思想.

　　設想圓桌面只有一枚硬幣那么大，當然甲一定獲勝.對于一般的較大的圓桌面，由于圓是中心對稱的，甲可以先把硬幣放在桌面中心，然后，乙在某個位置放一枚硬幣，甲就在與之中心對稱的位置放一枚硬幣.按此方法，只要乙能找到位置放一枚硬幣，根據圓的中心對稱性，甲定能找到與這一位置中心對稱的地方放上一枚硬幣.由于圓桌面的面積是有限的，最后，乙找不到放硬幣的地方，于是甲獲勝.

解： （略）.

例4 把一棋子放在如右圖左下角格內，雙方輪流移動棋子（只能向右、向上或向右上移），一次可向一個方向移動任意多格.誰把棋子走進頂格，奪取紅旗，誰就獲勝.問應如何取勝？

分析 采用倒推法.由于只能向右、向上或向右上移，要把棋子走進頂格，應讓對方最后一次把棋子走到最右邊一列的格中，為了保證能做到這一點，倒數第二次應讓棋子走進右圖中的A格中.（對方從A格出發，只能向右或向上移至最后一列的格中）所以要獲勝，應先占據A格.同理可知，每次都占據A～E這五個格中的某一格的人一定獲勝.

解： 為保證取勝，應先走.首先把棋子走進E格，然后，不管對方走至哪一格，（肯定不會走進A～D格），先走者可以選擇適當的方法一步走進A～D格中的某一格.如此繼續，直至對方把棋子走進最后一列的某個格中，此時先走者一步即可走進頂格，奪取紅旗，從而獲勝.

例5 白紙上畫了m×n的方格棋盤（m，n是自然數），甲、乙兩人玩畫格游戲，他們每人拿一枝筆，先畫者任選一格，用筆在該格中心處畫上一個點，后畫者在與這個格相鄰（有一條公共邊的兩個格叫相鄰的格）的一個格的中心處也畫上一個點，先畫者再在與這個新畫了點的格相鄰的格的中心畫上一個點，后畫者接著在相鄰的格中再任選一格畫上一個點，…，如此反復畫下去，誰無法畫時誰失敗.問：先畫者還是后畫者有必勝策略？他的必勝策略是什么？（注：已畫過點的格子不準再畫.）

分析 m，n是自然數，不定，不妨選幾個小棋盤來試試，以便從中找出規律.

　　1×1棋盤，先畫者勝.

　　1×2棋盤，后畫者勝.

　　2×2棋盤，后畫者勝.

　　2×3棋盤，后畫者勝.后畫者的策略如下：2×3棋盤，總可以事先分割成3個1×2的小棋盤.后畫者采用“跟蹤”的方法：先畫者在某個1×2的小盤中某個格內畫了點，后畫者就在同一個1×2小盤中的另一格畫點；先畫者只得去尋找另外的1×2的小盤，后畫者“跟蹤”過去；直至先畫者找不到新的1×2小盤，這時，先畫者就失敗.

　　由2×3棋盤的分析過程知：m，n中至少有一個為偶數時，m×n棋盤總可以事先分成一些1×2或2×1的小棋盤，利用上面所說的“跟蹤”法，后畫者有必勝策略.

　　若m，n都是奇數，先畫者事先把m×n棋盤劃分成一些1×2小棋盤后，還剩一個小格.這時，先畫者可以先在這個剩下的小格中畫點，之后，先畫者用“跟蹤”法，就歸結為m、n至少有一個為偶數的情形，先畫者有必勝策略.

　　綜上所述，當m、n中至少有一個為偶數時，后畫者有必勝策略；當m、n都為奇數時，先畫者有必勝策略.

解： （略）.

例6 現有9根火柴，甲、乙兩人輪流從中取1根、2根或3根，直到取完為止.最后數一數各人所得火柴總數，得數為偶數者勝.問先拿的人是否能取勝？應怎樣安排策略？

分析 我們從最簡單的情況開始進行考慮.

　　由于9是奇數，它分成兩個自然數的和時，必然一個是奇數，一個是偶數，所以兩人中必然一勝一負.由于偶數分成兩個自然數的和時，必然同奇或同偶，故無論如何取，都只能平局.因此我們只對火柴總數為奇數的情況加以討論.

　　1.如果有1根火柴，那么先取的人必敗，后取的人必勝.

　　2.如果有3根火柴，先取的人可以取2根，后取的人只能取1根，那么先取的人必勝，后取的人必敗.

　　3.如果有5根火柴，不妨設為甲先拿.

　　甲先拿1根：

　　①乙拿1根，還剩3根，甲取3根.甲的火柴總數為：1＋3＝4（根），乙的火柴總數為1根，因此甲勝.

　　②乙拿2根，還剩2根，甲取1根，乙取1根.甲的火柴總數為：1＋1＝2（根），乙的火柴總數為：2＋1＝3（根），因此甲取勝.

　　③乙拿3根，還剩1根，甲取1根.甲的火柴總數為：1＋1＝2（根），乙的火柴總數為3根，因此甲勝.

　　因此，如果有5根火柴，先拿的人有必勝的策略.

　　4.下面討論7根火柴的情形.

　　甲先取了3根：

　　還剩4根，同前面3①～③分析可知甲必勝。

　　因此，有7根火柴時，先取的人有必勝的策略.

　　5.最后討論9根火柴的情形.

　　①甲先取1根，乙取3根，還剩5根.

　　（a）甲取1根，還剩4根，乙取3根，甲取1根，乙勝.

　　（b）甲取2根，還剩3根，乙取3根，乙勝.

　　（c）甲取3根，還剩2根，乙取1根，甲取1根，乙勝.

　　因此，在甲先取1根的情況下，（乙接著取3根）乙有必勝的策略.

　　②甲取2根時，還剩7根，這時乙面臨7根的情形，乙取3根，不論以后甲怎樣取，乙都有必勝的策略.

　　③甲取3根時，還剩6根；乙取1根，還剩5根.

　　（a）甲取1根，還剩4根，乙取3根，甲取1根，乙勝.

　　（b）甲取2根，還剩3根，乙取3根，乙勝.

　　（c）甲取3根，還剩2根，乙取1根，甲取1根，乙勝.

　　因此在甲先取3根的情況下，乙只要取1根，不論以后甲怎樣取，乙都有必勝的策略.

　　綜上所述，先取的人沒有必勝的策略，后取的人有必勝的策略.

　　解： （略）.